ПОЖАЛУЙСТА ПОМОГИТЕ РЕШИТЬ 5 ЗАДАНИЕ УМОЛЯЮ ПРОШУ ОЧЕНЬ УМОЛЯЮ?
ПОЖАЛУЙСТА ПОМОГИТЕ РЕШИТЬ 5 ЗАДАНИЕ УМОЛЯЮ ПРОШУ ОЧЕНЬ УМОЛЯЮ.
9 задание решите пожалуйста, очень нужно?
9 задание решите пожалуйста, очень нужно.
Решите пожалуйста 3 задание, очень срочно?
Решите пожалуйста 3 задание, очень срочно!
А3 А4 А5 пожалуйста решите, очень срочно, хоть 1 задание?
А3 А4 А5 пожалуйста решите, очень срочно, хоть 1 задание.
Решите задание по физике, пожалуйста, буду очень благодарна?
Решите задание по физике, пожалуйста, буду очень благодарна.
Очень срочно?
Очень срочно!
Решите пожалуйста 4 задание.
Буду очень благодарна !
Помогите Пожалуйста задание очень прошу решить?
Помогите Пожалуйста задание очень прошу решить.
5 задание помогите решить?
5 задание помогите решить!
Очень надо.
Доброго времени суток?
Доброго времени суток!
Решите что - либо из 2х заданий, пожалуйста, я вас очень прошу.
Вот задание?
Вот задание.
Решите плес.
Надо очень.
На этой странице находится вопрос Решите пожалуйста очень надо 1 задание?, относящийся к категории Физика. По уровню сложности данный вопрос соответствует знаниям учащихся 5 - 9 классов. Здесь вы найдете правильный ответ, сможете обсудить и сверить свой вариант ответа с мнениями пользователями сайта. С помощью автоматического поиска на этой же странице можно найти похожие вопросы и ответы на них в категории Физика. Если ответы вызывают сомнение, сформулируйте вопрос иначе. Для этого нажмите кнопку вверху.
Найдём условие равновесия :
Для этого, по вертикали должен быть нулевой баланс сил :
Ny + Fтрy + mg = 0 ;
mg = Nsin(α / 2) + Fтр cos(α / 2) ;
Отсюда : Nsin(α / 2) = mg – Fтр cos(α / 2) ; [1] ;
и одновременно : Fтр cos(α / 2) = mg – Nsin(α / 2) ; [2]
Баланс сил по горизонтали должен обеспечивать центростремительное ускорение, направленное к оси :
( Nx + Fтрx ) / m = a(n) = Lω² ;
( Ncos(α / 2) – Fтр sin(α / 2) ) / m = Lω² ;
Отсюда : Ncos(α / 2) = mLω² + Fтр sin(α / 2) ; [3] ;
и одновременно : Fтр sin(α / 2) = Ncos(α / 2) – mLω² ; [4]
Поделим уравнения [4] и [2] и получим :
tg(α / 2) = ( Ncos(α / 2) – mLω² ) / ( mg – Nsin(α / 2) ) ;
mg tg(α / 2) – Nsin(α / 2)tg(α / 2) = Ncos(α / 2) – mLω² ;
N ( sin(α / 2)tg(α / 2) + cos(α / 2) ) = mg tg(α / 2) + mLω² ;
N = m ( g tg(α / 2) + Lω² ) / ( sin(α / 2)tg(α / 2) + cos(α / 2) ) ;
Поделим уравнения [1] и [3] и получим :
tg(α / 2) = ( mg – Fтр cos(α / 2) ) / ( mLω² + Fтр sin(α / 2) ) ;
mLω²tg(α / 2) + Fтр sin(α / 2) tg(α / 2) = mg – Fтр cos(α / 2) ;
Fтр ( sin(α / 2) tg(α / 2) + cos(α / 2) ) = m( g – Lω²tg(α / 2) ) ;
Fтр = m( g – Lω²tg(α / 2) ) / ( sin(α / 2) tg(α / 2) + cos(α / 2) ) ;
Для силы трения в покое существует незыблемое условие :
|Fтр| < ; μN, иначе система выйдет из равновесия :
| ( g – Lω²tg(α / 2) ) / ( sin(α / 2) tg(α / 2) + cos(α / 2) ) | < ; μ ( g tg(α / 2) + Lω² ) / ( sin(α / 2)tg(α / 2) + cos(α / 2) ) ;
| g – Lω²tg(α / 2) | < ; μ ( g tg(α / 2) + Lω² ) ;
– μ ( g tg(α / 2) + Lω² ) < ; g – Lω²tg(α / 2) < ; μ ( g tg(α / 2) + Lω² ) ; [5]
Решаем левое условие [5] :
– μg tg(α / 2) – μLω² < ; g – Lω²tg(α / 2) ;
μg tg(α / 2) + g > ; Lω²tg(α / 2) – μLω² ;
g ( μtg(α / 2) + 1 ) > ; ω²L( tg(α / 2) – μ ) ;
что верно всегда, поскольку последняя скобка tg(α / 2) – μ = 1 / √3 – 0.
8 < ; 0 , а левая часть положительна.
Отсюда заключаем, что даже если сила трения при некоторых угловых скоростях и может развернуться, т.
Е. стать направленной вниз, против стремления бруска заползать наверх, то эта сила трения ни при каких угловых скоростей не выйдет за пределы силы трения скольжения, а стало быть никакой угловой скоростью, даже очень большой брусок не удастся поднять выше начального положения.
Решаем правое условие [5] :
g – Lω²tg(α / 2) < ; μg tg(α / 2) + μLω² ;
g ( 1 – μ tg(α / 2) ) < ; Lω² ( tg(α / 2) + μ ) ;
ω² > ; (g / L) ( 1 – μ tg(α / 2) ) / ( tg(α / 2) + μ ) ;
Отсюда заключаем, что что лишь выше определённой угловой скорости брусок будет оставатья в покое, а при проходе этого значения вниз, к меньшим угловым скоростям – брусок потеряет равновесие и станет скатываться.
При этом, любопытно, что чем на меньшем удалении от оси нам нужно удерживать брусок, тем большая (!
) требуется угловая скорость (зависимость - то гиперболическая!
), а у нас происходит напртив, не увеличение скорости, а её снижение.
А значит, как только угловая скорость пройтёт вышеуказанное значение брусок окончательно потеряет равновесие и свалится в вершину конуса.
Искомая угловая скорость : ω = √[ (g / L) ( 1 – μ tg(α / 2) ) / ( tg(α / 2) + μ ) ] ;
ω = √[ (9.
8 / 0.
5) ( 1 – 0.
8 / √3 ) / ( √3 + 0.
8 ) ] ≈ 2.
77 / с ;
Ответ : 2.
77 / с .